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分離ベクトルの回転 📂数理物理学

分離ベクトルの回転

式

∇×2=0 \nabla \times \dfrac{\crH }{\cR ^2} = \mathbf{0}

説明

この式が特別な意味を持つわけではない。磁場の発散を求める過程で出てくるが、計算が簡単ではないため、別に説明する。

証明

=(x−x′)x^+(y−y′)y^+(z−z′)z^\bcR=(x-x^{\prime})\hat{\mathbf{x}} + (y-y^{\prime})\hat{\mathbf{y}} + (z-z^{\prime})\hat{\mathbf{z}}を成分ベクトルとすると、次のようになる。

∣∣==(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2 | \bcR |=\cR=\sqrt{(x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2 + (z-z^{\prime})^2}

==(x−x′)x^+(y−y′)y^+(z−z′)z^(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2 \crH = \dfrac{ \bcR } { \cR}=\dfrac{(x-x^{\prime})\hat{\mathbf{x}} + (y-y^{\prime})\hat{\mathbf{y}} + (z-z^{\prime})\hat{\mathbf{z}}}{\sqrt{(x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2 + (z-z^{\prime})^2}}

2=1(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2(x−x′)x^+(y−y′)y^+(z−z′)z^(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2 \dfrac{\crH}{\cR^2}=\dfrac{1}{(x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2 + (z-z^{\prime})^2}\dfrac{(x-x^{\prime})\hat{\mathbf{x}} + (y-y^{\prime})\hat{\mathbf{y}} + (z-z^{\prime})\hat{\mathbf{z}}}{\sqrt{(x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2 + (z-z^{\prime})^2}}

計算の便宜のため

2=Axx^+Ayy^+Azz^ \dfrac{\crH }{\cR ^2} = A_{x} \hat{\mathbf{x}} + A_{y} \hat{\mathbf{y}} + A_{z}\hat{\mathbf{z}}

とする。すると

∇×2=∣x^y^z^∂∂x∂∂y∂∂zAxAyAz∣=(∂∂yAz−∂∂zAy)x^+(∂∂zAx−∂∂xAz)y^+(∂∂xAy−∂∂yAx)z^ \begin{align*} \nabla \times \dfrac{ \crH}{\cR^2} &= \begin{vmatrix} \hat{\mathbf{x}} & \hat{\mathbf{y}} & \hat{\mathbf{z}} \\ \dfrac{\partial }{\partial x} & \dfrac{\partial }{\partial y} & \dfrac{\partial }{\partial z} \\ A_{x} & A_{y} & A_{z} \end{vmatrix} \\ &= \left( \dfrac{ \partial}{\partial y} A_{z} -\dfrac{\partial }{\partial z}A_{y} \right) \hat{\mathbf{x}} + \left( \dfrac{ \partial}{\partial z} A_{x} -\dfrac{\partial }{\partial x}A_{z} \right) \hat{\mathbf{y}} +\left( \dfrac{ \partial}{\partial x} A_{y} -\dfrac{\partial }{\partial y}A_{x} \right) \hat{\mathbf{z}} \end{align*}

x^\hat{\mathbf{x}}項を先に計算してみよう。

∂∂yAz−∂∂zAy= ∂∂y[[(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2]−32(z−z′)]−∂∂z[[(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2]−32(y−y′)]= −32[[(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2]−52(z−z′)]⋅2(y−y′)+32[[(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2]−52(y−y′)]⋅2(z−z′)= −3[(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2]−52(z−z′)(y−y′)+3[(x−x′)2+(y−y′)2+(z−z′)2]−52(y−y′)(z−z′)= 0 \begin{align*} & \dfrac{\partial }{\partial y} A_{z} - \dfrac{\partial}{\partial z}A_{y} \\ =&\ \dfrac{\partial }{\partial y} \left[ \left[ (x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2+(z-z^{\prime})^2 \right]^{-\frac{3}{2}}(z-z^{\prime}) \right] \\ &- \dfrac{\partial }{\partial z} \left[ \left[ (x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2+(z-z^{\prime})^2 \right]^{-\frac{3}{2}}(y-y^{\prime}) \right] \\ =&\ -\dfrac{3}{2}\left[ \left[ (x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2+(z-z^{\prime})^2 \right]^{-\frac{5}{2}}(z-z^{\prime}) \right]\cdot 2(y-y^{\prime}) \\ & +\dfrac{3}{2}\left[ \left[ (x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2+(z-z^{\prime})^2 \right]^{-\frac{5}{2}}(y-y^{\prime}) \right]\cdot 2(z-z^{\prime}) \\ =&\ -3 \left[ (x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2+(z-z^{\prime})^2 \right]^{-\frac{5}{2}}(z-z^{\prime})(y-y^{\prime}) \\ & +3 \left[ (x-x^{\prime})^2+(y-y^{\prime})^2+(z-z^{\prime})^2 \right]^{-\frac{5}{2}}(y-y^{\prime})(z-z^{\prime}) \\ =&\ 0 \end{align*}

同じ方法で計算すると、y^\hat{\mathbf{y}}項とz^\hat{\mathbf{z}}項も00になる。

∴∇×2=0 \therefore \nabla \times \dfrac{ \crH}{\cR^2} = \mathbf{0}

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